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导读: 北京邮电出版社官网(共4篇)大学物理答案北京邮电大学出版社习 题 解 答第一章 质点运动学1-1 (1) 质点t时刻位矢为:r??(3t?5)i???1?2t2?3t?4????j(m)(2) 第一秒内位移?r?1?(x1?...

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北京邮电出版社官网【一】:大学物理答案北京邮电大学出版社

习 题 解 答

第一章 质点运动学

1-1 (1) 质点t时刻位矢为:

r??(3t?5)i???1?2t2?3t?4????

j(m)

(2) 第一秒内位移

?r?

1?(x1?x??

0)i?(y1?y0)j

?3(1?0)?i??1(1?0)2?3(1?10)???j

?3?i?3.5??2?

j(m)

(3) 前4秒内平均速度 V??r?

?t?14(12?i?20?j)?3?i?5?j(m?s?1

)

(4) 速度V??dr?dt?3?i?(?t?3)?

j(m?s?1) ∴ V?3?i?(4?3)?j?3?i?7?

4?j(m?s?1)

(5) 前4秒平均加速度

a??V??t?V?4?V?04?0?7?3?4j??j(m?s?2) (6) 加速度a??dV???

j(m?s?2a?

?dt

)4?j(m?s?2)

1-2 v?

dx

dt

?t3?3t2?2 x??dx??

vdt?c?143

4

t?t?2t?c 当t=2时x=4代入求证 c=-12 即x?

14

t4?t3

?2t?12 v?t3?3t2?2 a?dvdt

?3t2

?6t

将t=3s代入证

x?411

34

(m)

v3?56(m?s?1)a3?45(m?s?2)

(1) 由运动方程??x?4t2

消去t得轨迹方程

?y?3?2t

x?(y?3)2?0

(2) 1秒时间坐标和位矢方向为 x1?4my1?5m

[4,5]m: tg??

y

x

?1.25,??51.3?

(3) 第1秒内的位移和平均速度分别为

?r?

????1?(4?0)i?(5?3)j?4i?2j(m)

? V???r1

?t

?4?i?2?j(m?s?1) (4) 质点的速度与加速度分别为

V??dr?d?8?i?2?j,a??dV

?

?t

dt

?8i

故t=1s时的速度和加速度分别为 V???

?1

1??8i?2jm?s,a?

1?8im?s?2

1-4 该星云飞行时间为

9.46?1015?2.74?1093.93?10

7

?6.59?1017s?2.09?1010

a 即该星云是2.09?1010

年前和我们银河系分离的. 1-5 实验车的加速度为

a?v1600?103

t?

3600?1.80

?2.47?102m/s2?25(g) 基本上未超过25g.

1.80s内实验车跑的距离为

s?v2t?1600?1032?3600

?1.80?400(m)1-6 (1)设第一块石头扔出后t秒未被第二块击中,则

h?v10t?

2

gt2

代入已知数得

1-3

11?15t?

解此方程,可得二解为

1

?9.8t2 2

?

t1?1.22s

t1?1.84s,

第一块石头上升到顶点所用的时间为www.fz173.com_北京邮电出版社官网。

tm?v10/g?15/9.8?1.53s

由于t1?tm,这对应于第一块石头回落时与第二块相碰;又由于t1?tm这对应于第一块石头上升时被第二块赶上击中.

以v20和v20分别对应于在t1和t1时刻两石块相碰时第二石块的初速度,则由于

?

??

h?v20(t1??t1)?

所以

1

g(t1??t1)2 2

h?v20?

11

g(t1??t1)211??9.8?(1.84?1)2? t1??t11.84?1

?17.2m/s

同理.

?v20?

h?

11?

g(t1??t1)211??9.8?(1.22?1)2 ?1.22?1t1??t1

?51.1(m/s )

(2) 由于?t2?1.3s?t1,所以第二石块不可能在第一块上升时与第一块相碰.对应于t1时刻相碰,第二块的初速度为

?

v20?

?

h?

11

g(t1??t2)211??9.8?(1.84?1.3)2? t1??t21.84?1.3

?23.0(m/s )

1-7 以l表示从船到定滑轮的绳长,则v0??dl/dt.由图可知

s?l2?h2

于是得船的速度为

dsldls2?h2v????v0

22dtsl?hdt

负号表示船在水面上向岸靠近.

船的加速度为

?d?dvl

a??????22dt??dl?l?h2

??dlh2v0?v0???3 ?s???dt

负号表示a的方向指向岸边,因而船向岸边加速运动.

1-8 所求位数为

?2r

4?2n2r4?2(6?104)2?0.15

???4?102

gg60?9.8

1-9 物体A下降的加速度(如图所示)为

2h2?0.4

??0.2m/s2 22t2

此加速度也等于轮缘上一点在t??3s时的切向加速度,即

a?

?

at?0.2(m/s2)

在t??3s时的法向加速度为

?

v?2(att)2(0.2?3)2

an????0.36(m/s2)

RR1.0

2

习题1-9图 习题1-10图

1-10 a?1.2m/s,t0?0.5s,h0?1.5m.如图所示,相对南面,小球开始下落时,它和电梯的速度为

v0?at0?1.2?0.5?0.6(m/s)

以t表示此后小球落至底板所需时间,则在这段时间内,小球下落的距离为

h?v0t?

电梯下降的距离为

12gt 2

h??v0t?

12at 2

h0?h?h??

由此得

1

(g?a)t2 2

t?

而小球相对地面下落的距离为

2h02?1.5

??0.59s g?a9.8?1.2

12

gt 2

1

?9.8?0.592 2

h?v0t?

?0.6?0.59? ?2.06m 1-11 v风地?v风人?v人地

???

??2v0人地,速度矢量合成如图(b)两图中v风地应是画出速度矢量合成图(a)又v风地?v风人

同一矢量.可知(a)图必是底角为45?的等腰直角三角形,所以,风向应为西北风,风速为

????

v风地?

v0人地

45?

?2v0人地

?4.23(m?s?1)

1-12 (1) t?

习题1-11图

2L2?

v

LL2vL

??2 (2) t?t1?t2? v?uv?uv?u2

2

2L??u??

??1????

v???v???

LL

?,如图所示风速u由东向西, (3) t?t1?t2?由速度v?v?

?1

习题1-12图

合成可得飞机对地速度v??u?v,则V??

???

v2?u2.

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北京邮电出版社官网【三】:移动通信原理与系统(北京邮电出版社)课后答案

第一章 概述

1.1简述移动通信的特点:

答:①移动通信利用无线电波进行信息传输;

②移动通信在强干扰环境下工作; ③通信容量有限; ④通信系统复杂;

⑤对移动台的要求高。

1.2移动台主要受哪些干扰影响?哪些干扰是蜂窝系统所特有的?

答:①互调干扰;

②邻道干扰; ③同频干扰;(蜂窝系统所特有的) ④多址干扰。

1.3简述蜂窝式移动通信的发展历史,说明各代移动通信系统的特点。

答:第一代(1G)以模拟式蜂窝网为主要特征,是20世纪70年代末80年代初就开始商用的。其中最有代表性的是北美的AMPS(Advanced Mobile Phone System)、欧洲的 TACS(Total Access Communication System)两大系统,另外还有北欧的 NMT 及日本的 HCMTS系统等。

从技术特色上看,1G以解决两个动态性中最基本的用户这一重动态性为核心并适当考虑到第二重信道动态性。主要是措施是采用频分多址 FDMA 方式实现对用户的动态寻址功能,并以蜂窝式网络结构和频率规划实现载频再用方式,达到扩大覆盖服务范围和满足用户数量增长的需求。在信道动态特性匹配上,适当采用了性能优良的模拟调频方式,并利用基站二重空间分集方式抵抗空间选择性衰落。

第二代(2G)以数字化为主要特征,构成数字式蜂窝移动通信系统,它于20世纪90年代初正式走向商用。其中最具有代表性的有欧洲的时分多址(TDMA)GSM(GSM原意为Group Special Mobile,1989年以后改为Global System for Mobile Communication)、北美的码分多址(CDMA)的 IS-95 两大系统,另外还有日本的 PDC 系统等。

从技术特色上看,它是以数字化为基础,较全面地考虑了信道与用户的二重动态特性及相应的匹配措施。主要的实现措施有:采用 TDMA(GSM)、CDMA(IS-95)方式实现对用户的动态寻址功能,并以数字式蜂窝网络结构和频率(相位)规划实现载频(相位)再用方式,从而扩大覆盖服务范围和满足用户数量增长的需求。在对信道动态特性的匹配上采取了下面一系列措施:

(1)采用抗干扰性能优良的数字式调制:GMSK(GSM)、QPSK(IS-95),性能优良的抗干扰纠错编码:卷积码(GSM、IS-95)、级联码(GSM);

(2)采用功率控制技术抵抗慢衰落和远近效应,这对于CDMA方式的IS-95尤为重要; (3)采用自适应均衡(GSM)和 Rake 接收(IS-95)抗频率选择性衰落与多径干扰;

(4)采用信道交织编码,如采用帧间交织方式(GSM)和块交织方式(IS-95)抗时间选择性衰落。

第三代(3G)以多媒体业务为主要特征,它于本世纪初刚刚投入商业化运营。其中最具有代表性的有北美的CDMA2000、欧洲和日本的WCDMA及我国提出的TD-SCDMA三大系统,另外还有欧洲的DECT及北美的UMC-136。

从技术上看,3G 是在 2G 系统适配信道与用户二重动态特性的基础上又引入了业务的动态性,即在 3G 系统中,用户业务既可以是单一的语音、数据、图像,也可以是多媒体业务,且用户选择业务是随机的,这个是第三重动态性的引入使系统大大复杂化。所以第三代是在第二代数字化基础上的、以业务多媒体化为主要目标,全面考虑并完善对信道、用户二重动态特性匹配特性,并适当考虑到业务的动态性能,尽力采用相应措施予以实现的技术。其主要实现措施有:

(1)继续采用第二代(2G)中所采用的所有行之有效的措施;

(2)对 CDMA 扩频方式应一分为二,一方面扩频提高了抗干扰性,提高了通信容量;另一方面由于扩

频码互相关性能的不理想,使多址干扰、远近效应影响增大,并且对功率控制提出了更高要求等;

(3)为了克服 CDMA 中的多址干扰,在 3G 系统中,上行链路建议采用多用户检测与智能天线技术;下行链路采用发端分集、空时编码技术;

(4)为了实现与业务动态特性的匹配,3G 中采用了可实现对不同速率业务(不同扩频比)间仍具有正交性能的 OVSF(可变扩频比正交码)多址码;

(5)针对数据业务要求误码率低且实施性要求不高的特点,3G 中对数据业务采用了性能更优良的 Turbo 码。

1.4移动通信的工作方式主要有几种?蜂窝式移动通信系统采用哪种方式?

答:①单工通信;

②双工通信(蜂窝式移动通信系统采用该方式);

③单双工通信; ④移动中继方式。

换算:

总式:1W=0dBW=10log1W=10log1000mW=30dBm Pr(dBm)=10lgPr(mW) Pr(dBW)-10lgPr(W) ①10mW=10lg10(mW)=10(dBm) ②20mW=10lg20(mW)=13.01(dBm) ③1W=0(dBW)=30(dBm)

第二章 移动通信电波传播与传播预测模型

2.1说明多径衰落对数字移动通信系统的主要影响。

答:①信息信号分散,信噪比低,传输语音和数据质量不佳;

②可能引入尖锐的噪声,照成传输数据大量出错;

③不同路径传来的信号互相相关,难以直接叠加。增加接收电路单元的复杂度,从而提高系统的建设和运营成本。

2.2若某发射机发射功率为100W,请将其换算成d Bm和dBW。如果发射机的天线增益为单位增益,载波频率为900MHz,求出在自由空间中距离天线100m处的接收功率为多少dBm?

解:100W?20dBw?50dBm

自由空间损耗L?32.45?20lgF?20lgD?71.5dB

自由空间中距离天线100m处的接收功率?50dBm?71.5dB??21.5dBm

f0?800MHzcos?

2.3若载波

解:?fd?

v

v

,移动台速度v?60km/h,求最大多普勒频移。

?

?fdmax?

?

?vf0/c?

60?10?800?103?10?3600

8

36

?44.4Hz

2.4说明时延扩展、相关带宽和多普勒扩展、相关时间的基本概念。

答:时延扩展

?

? 使用带宽很大的信道并不一定是带宽通信

相关带宽 ? ?

在相关带宽之内,信道是一个频率非选择性信道,信号可以顺利传输,无大的失真 信号带宽超过相关带宽,信道是一个频率选择性信道

? 从频域角度定义窄带系统和宽带系统 多普勒扩展 ? ? ?

多普勒扩展定义为多普勒功率谱密度标准差 当信号带宽远远大于多普勒扩展—慢衰落 否则快衰落信道

相关时间

? 数据符号周期远远小于相关时间—慢衰落 ? 否则为快衰落信道

2.5设载波频率

fc?1900MHz

,移动台运动速度v?50m/s,问移动10m进行电波传播测量时

需要多少个样值?在车行驶时进行实时测量需要多少时间?信道的多普勒扩展为多少?

答:①

50个接收功率瞬时测量值

40?

sv

?0.2s v

cos?,所以多普勒扩展为 fm?316.67Hz

?

50个40?

?79.17个/m

②t?③f?

?

2.6若f?800MHz,v?50km/h,移动台沿电波传播方向行驶,求接收信号的平均衰落率。

解:A?1.85?10

R

2.7已知移动台速度v?60km/h,f?1000MHz,求对于信号包络均方值电平rms的电平通过

?3

?800?50?74

率。

解: ?N??R??

2?fm??e

??

2

??

RRrms

,

?N?

500e2?

9

?51.2次/秒

2.8设基站天线高度为40m,发射频率为900MHz,移动台天线高度为2m,通信距离为15km,利用Okumura-Hata模型分别求出城市、郊区和乡村的路径损耗。(忽略地形校正因子的影响)

解:城市:

Lp1?69.55?26.16lgfc?13.82lghte?3.2(lg1.75hre)?4.97?(44.9?6.55lgfte)lgd

2

2

Lp2?69.55?26.16lgfc?13.82lghte?3.2(lg1.75hre)?4.97?(44.9?6.55lgfte)lgd?

郊区:

2[lg(fc28)]?5.4

2

2

乡村:

Lp3?69.55?26.16lgfc?13.82lghte?3.2(lg1.75hre)?4.97?(44.9?6.55lgfte)lgd-4.78(lgfc)?18.33lgfc?40.98

2

第三章 移动通信中的信源编码和调制解调技术

3.1信源编码的目的是什么?

答:压缩信源产生的冗余信息,降低传递这些不必要的信息的开销,从而提高整个传输链路的有效性。

3.2H.264中图像数据被分成了哪几部分?

答:将图像数据分成动态矢量数据(即基本层,需要更好的差错保护)以及剩余的信息。每个数据片的编码视频信息首先被分割成三部分并分别放到A、B、C数据分区中,每个数据分区中包含的信息被分别封装到相应的RTP数据包中通过网络进行传输。其中,Part A中包含最重要的slice头信息、MB头信息,以及动态矢量信息;Part B中包含帧内和SI片宏块的编码残差数据,能够阻止误码继续传播;Part C中包含帧间宏块的编码残差数据,帧间编码数据块的编码方式信息和帧间变换系数。

3.3在移动通信中对调制有哪些考虑?

答:①频带利用率

②功率效率

③已调信号恒包络 ④易于解调 ⑤带外辐射

3.4什么是相位不连续的FSK?相位连续的FSK(CPFSK)应当满足什么条件?为什么移动通信中,在使用移频键控一般总是考虑使用CPFSK?

答:相位不连续的2FSK信号在码元交替时刻,波形是不连续的(开关方法所得)

ak?1到ak

所谓相位连续是指不仅在一个元码持续时间连续而且在从元码等满足关系式

?k?(ak-1?ak)?*k??k-1

转换的时刻?k

www.fz173.com_北京邮电出版社官网。

kTb

两个元码相位也相

即要求当前元码的初相位

?

由前一元码的初相位k?1来决定。

3.8GMSK系统空中接口传输速率为270.83333kbit/s,求发送信号的两个频率差。若载波频率是f?900MHz,这两个频率又等于多少?

解:(1)Rb?270.83333kbit/s,?f?f2?f1?(2)Rb?270.83333kbit/s;fc?900MHz ?fc?

mRb4

2Rb4

?Rb2

?135.4kHz

,?m?

4fcRb

f2?(m?1)

Rb4Rb4

?899.8646MHz

f1?(m?1)

?900.1354MHz

第四章 抗衰落和链路性能增强技术

4.1分集接收技术的指导思想是什么?

答:把接收到的多个衰落独立的信号加以处理,合理地利用这些信号的能量来改善接收信号的质量。

4.2什么是宏观分集和微观分集?在移动通信中常用哪些微观分集?

答:宏观分集:用于合并两个或多个长时限对数正态信号,这些信号是经独立的衰落路径接收来自不同基站站址的两个或多个不同天线发射的信号。

微观分集:用于合并两个或多个短时限瑞利信号,这些信号都是同一接收基站长经独立的衰落路径接收来自两个或多个不同天线发射的信号。

移动通信中常用的微观分集:时间分集、频率分集、空间分集、角度分集、极化分集。

北京邮电出版社官网【四】:大学物理第三版全答案(北京邮电出版社)

习题解答 习题一

1-1 |?r|与?r 有无不同?

drdt

drdt

有无不同?

dvdt

dvdt

有无不同?其不同在哪里?

试举例说明.

解:(1)?r是位移的模,?r是位矢的模的增量,即?r?r2?r1,?r?r2?r1;

??

(2)

drdt

drdt

是速度的模,即

drdt

?v?

dsdt

.

只是速度在径向上的分量.

drdt

?drdt

??rr

?drdt

?(式中r?叫做单位矢)∵有r?rr,则

式中

drdt

就是速度径向上的分量,

drdt

drdt

不同如题1-1图所示.

题1-1图www.fz173.com_北京邮电出版社官网。

?

dvdv?

(3)表示加速度的模,即a?,是加速度a在切向上的分量.

dtdtdt

dv

∵有v?v?(?表轨道节线方向单位矢),所以

?dvdt

?dv?dt

??

??v

?d?dt

式中

dvdt

就是加速度的切向分量.

?d??dt

(?

??drdt

与的运算较复杂,超出教材规定,故不予讨论)

1-2 设质点的运动方程为x=x(t),y=y(t),在计算质点的速度和加速度时,有人先求出r=

x?y

2

2

,然后根据v =

drdt

,及a=

drdt

2

2

而求得结果;又有人先计算速度和加速度

的分量,再合成求得结果,即

v=

?dx??dy?

?????及a=

?dt??dt?

22

?d2x

?2?dt???d2y???2??dt??

2

?

? 你认为两种

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